兩點式 | y−y1x−x1=y1−y2x1−x2,y−y1=y1−y2x1−x2(x−x1) |
點斜式 | y−y1=m(x−x1) |
斜截式 | y=mx+b(用點斜式推) |
截距式 | xa+yb=1(用兩點式推) |
一般式 | ax+by+c=0 |
數學雜題
✍️🙋♂️🙋♀️🧑🏫👨🏫👩🏫📖📅²³πθ°√αβ±≤≥÷≠∈∠⋅

Cube Cross Sections
數據更新標準差
舊數據 | 平移前 | 平移後 | 新數據 | 平移前 | 平移後 | |
μ_old | ① | ④ | μ_new | ③ | ⑦ | |
σ_old | ② | ⑤ | σ_new | X | ⑨ | |
Σx²_old | X | ⑥ | Σx²_new | X | ⑧ |
數據合併標準差
第一組x | 平移前 | 平移後 | 第二組y | 平移前 | 平移後 | 全體 | 平移前 | 平移後 | ||
μ_x | ① | ⑥ | μ_y | ③ | ⑨ | μ_all | ⑤ | ⑫ | ||
σ_x | ② | ⑦ | σ_y | ④ | ⑩ | σ_all | X | ⑭ | ||
Σx² | X | ⑧ | Σy² | X | ⑪ | Σx²+y² | X | ⑬ |
x=[−3c12a1−b1−3c22a2−b2][a12a1−b1a22a2−b2]=[−3c12a1−b1−3c22a2−b2][a1−b1a2−b2]=(−3)⋅2⋅[c1a1c2a2]+(−3)⋅(−1)⋅[c1b1c2b2](−1)⋅[a1b1a2b2]=−6⋅[a1c1a2c2][a1b1a2b2]−3⋅[c1b1c2b2][a1b1a2b2]=−6⋅2−3⋅1=−15.
圓內角,圓周角,圓外角,注意到圓周角是圓內角或是圓外角的特例

The end behavior of a polynomial lim

設a、b為整數,且 \frac{5}{a}-\frac{4}{b}=3,則數對(a, b)共有幾組解?Ans: 5 \begin{array}{lll} \frac{5}{a}-\frac{4}{b}=3 & \Rightarrow & 5b-4a=3ab \\ & \Rightarrow & 3ab+4a-5b=0 \\ & \Rightarrow & (3a-5)(b+\frac{4}{3})=\frac{-20}{3} \\ & \Rightarrow & (3a-5)(3b+4)=-20 \end{array} 窮舉討論。
直角三角形整數邊長
3:4:5
6:8:10
5:12:13
15:20:25
7:24:25
8:15:17
20:21:29
高中數學第一冊第一章:絕(絕對值)、乘(乘法公式)、根(根式)、算(算幾不等式)、指對(指數與對數)
華盛頓高中數學自編教材目錄 高一上v1 第一章 數與式 1-1 數與數線 1-2 式的運算 第二章 指數與對數 2-1 指數 2-2 常用對數 第三章 多項式函數 3-1 多項式的運算與應用 3-2 簡單多項式函數及其圖形 3-3 多項式函數的圖形與多項式不等式 第四章 直線與圓 4-1 直線方程式及其圖形 4-2 直線方程式的應用 4-3 圓與直線的關係 高一下v2 第一章 數列與級數 1-1 數列與級數 1-2 數學歸納法與遞迴關係式 第二章 排列與組合 2-1 邏輯、集合與計數原理 2-2 排列 2-3 組合 2-4 機率 第三章 數據分析 3-1 一維數據分析 3-2 二維數據分析 第四章 三角比 4-1 直角三角形的三角比 4-2 廣義角的三角比 4-3 三角比性質 高二上v3 第一章 (未完成) 第二章 指數與對數函數 2-1 指數函數及其圖形 2-2 對數與對數律 2-3 對數函數及其圖形 2-4 指數與對數函數的應用 第三章 平面向量 3-1 平面向量的表示法 3-2 平面向量的內積 3-3 面積與二階行列式 高三下v4 第一章 向量空間 1-1 空間概念 1-2 空間向量的坐標表示法 1-3 空間向量的內積 1-4 外積、體積與行列式 第二章 空間中的平面與直線 2-1 平面方程式 2-2 空間直線方程式 第三章 機率 3-1 主觀機率與客觀機率 3-2 條件機率與獨立事件 3-3 貝氏定理 華盛頓高中分班 精英班 普通班(英語資優班) 寰宇班(雙語實驗班) 國語資優班 數理資優班
指數與對數
底同指不同 | ||
a^m a^n=a^{m+n} | ||
\frac{a^m}{a^n}=a^{m-n} | ||
指同底不同 | ||
(ab)^n=a^n b^n | \sqrt[n]{ab}=\sqrt[n]{a}\sqrt[n]{b} | (ab)^{\frac{1}{n}}=a^{\frac{1}{n}}b^{\frac{1}{n}} |
\left(\frac{a}{b}\right)^n=\frac{a^n}{b^n} | \sqrt[n]{\frac{a}{b}}=\frac{\sqrt[n]{a}}{\sqrt[n]{b}} | \left(\frac{a}{b}\right)^{\frac{1}{n}}=\frac{a^{\frac{1}{n}}}{b^{\frac{1}{n}}} |
指數相乘 | ||
(a^m)^n=a^{mn} |
Exponential | translation | Logarithmic |
x=a^m | → | \log_a{x}=m |
y=a^n | → | \log_a{y}=n |
xy=a^m\cdot a^n=a^{m+n} | → | \log_a{xy}=m+n=\log_a{x}+\log_a{y} |
三角函數
沒什麼規律,不好記
180°-θ | 90°-θ | -θ | 90°+θ | 180°+θ | |
sin | + | cos | - | cos | - |
cos | - | sin | + | -sin | - |
tan | - | - | + |
沒什麼規律,不好記
270°-θ | 180°-θ | 90°-θ | -θ | 90°+θ | 180°+θ | 270°+θ | |
sin | -cos | + | cos | - | cos | - | -cos |
cos | -sin | - | sin | + | -sin | - | sin |
tan | - | - | + |
Sums of Sines and Cosines
If A and B are real numbers, then A\sin{x}+B\cos{x}=k\sin{(x+\phi)} where k=\sqrt{A^2+B^2} and \phi satisfies \cos{\phi}=\frac{A}{\sqrt{A^2+B^2}} \text{ and } \sin{\phi}=\frac{B}{\sqrt{A^2+B^2}}
令 f(x)=A\sin{x}+B\cos{x}=k\sin{(x+\phi)},
當 \sin{x}=\frac{A}{\sqrt{A^2+B^2}} 及 \cos{x}=\frac{B}{\sqrt{A^2+B^2}} 時,f(x) 有最大值 \sqrt{A^2+B^2}。
當 \sin{x}=\frac{-A}{\sqrt{A^2+B^2}} 及 \cos{x}=\frac{-B}{\sqrt{A^2+B^2}} 時,f(x) 有最小值 -\sqrt{A^2+B^2}。
證明:當 x+\phi=90^{\circ} 時,\sin{(x+\phi)}=1 且 f(x) 有最大值 \sqrt{A^2+B^2}。
而當 x+\phi=90^{\circ} 時,x=90^{\circ}-\phi 且 \sin{x}=\sin{(90^{\circ}-\phi)}=\cos{\phi}=\frac{A}{\sqrt{A^2+B^2}}。
統計
\begin{array}{lcccccccl} \text{sine} & \sin{\theta} & = & \frac{\text{opposite}}{\text{hypotenuse}} & \stackrel{\text{complementary}}{\leftrightarrow} & \cos{\theta} & = & \frac{\text{adjacent}}{\text{hypotenuse}} & \text{cosine} \\ \text{tangent} & \tan{\theta} & = & \frac{\text{opposite}}{\text{adjacent}} & \stackrel{\text{complementary}}{\leftrightarrow} & \cot{\theta} & = & \frac{\text{adjacent}}{\text{opposite}} & \text{cotangent}\\ \text{secant} & \sec{\theta} & = & \frac{\text{hypotenuse}}{\text{adjacent}} & \stackrel{\text{complementary}}{\leftrightarrow} & \csc{\theta} & = & \frac{\text{hypotenuse}}{\text{opposite}} & \text{cosecant} \end{array} \begin{array}{lcccccccl} & \sin{\theta} & = & \frac{\text{opposite}}{\text{hypotenuse}} & \stackrel{\text{reciprocal}}{\leftrightarrow} & \csc{\theta} & = & \frac{\text{hypotenuse}}{\text{opposite}} \\ & \tan{\theta} & = & \frac{\text{opposite}}{\text{adjacent}} & \stackrel{\text{reciprocal}}{\leftrightarrow} & \cot{\theta} & = & \frac{\text{adjacent}}{\text{opposite}} \\ & \sec{\theta} & = & \frac{\text{hypotenuse}}{\text{adjacent}} & \stackrel{\text{reciprocal}}{\leftrightarrow} & \cos{\theta} & = & \frac{\text{adjacent}}{\text{hypotenuse}} \end{array}相關係數 r=\frac{S_{xy}}{\sqrt{S_{xx}}\sqrt{S_{yy}}} 絕對值小於1的證明(介於-1到1之間)
由柯西不等式 (a_1 b_1+a_2 b_2+\cdots+a_n b_n)^2\leq (a_1^2+a_2^2+\cdots+a_n^2)(b_1^2+b_2^2+\cdots+b_n^2)
將 a_i, b_i 分別換成 (x_i-\mu_x), (y_i-\mu_y)。
迴歸直線證明 Suppose the regression line is y={m}x+{c}. We have to find {m} and {c} to minimize the following. \begin{array}{lll} \sum_{i=1}^{n}[y_i-({m}x_i+{c})]^2 &=& \sum_{i=1}^{n}y_i^2-2y_i({m}x_i+{c})+({m}x_i+{c})^2 \\ &=& \sum_{i=1}^{n}y_i^2-2{m}x_i y_i-2{c}y_i+{m}^2 x_i^2+2{m}{c}x_i+{c}^2 \\ &=& \sum_{i=1}^{n}y_i^2-2{m}\sum_{i=1}^{n}x_i y_i-2{c}\sum_{i=1}^{n}y_i+{m}^2\sum_{i=1}^{n}x_i^2+2{m}{c}\sum_{i=1}^{n}x_i+\sum_{i=1}^{n}{c}^2 \\ &=& \sum_{i=1}^{n}y_i^2-2{m}\sum_{i=1}^{n}x_i y_i-2n{c}\mu_y+{m}^2\sum_{i=1}^{n}x_i^2+2n{m}{c}\mu_x+n{c}^2 \\ &\stackrel{\text{squre}}{=}& {m}^2\sum_{i=1}^{n}x_i^2-2{m}\sum_{i=1}^{n}x_i y_i+\sum_{i=1}^{n}y_i^2+n[{c}^2+2({m}\mu_x-\mu_y){c}] \\ &=& {m}^2\sum_{i=1}^{n}x_i^2-2{m}\sum_{i=1}^{n}x_i y_i+\sum_{i=1}^{n}y_i^2+n[{c}^2+2({m}\mu_x-\mu_y){c}+({m}\mu_x-\mu_y)^2]-n({m}\mu_x-\mu_y)^2 \\ &=& {m}^2\sum_{i=1}^{n}x_i^2-2{m}\sum_{i=1}^{n}x_i y_i+\sum_{i=1}^{n}y_i^2+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)^2]-n{m}^2\mu_x^2+2n{m}\mu_x\mu_y-n\mu_y^2 \\ &\stackrel{\text{group x, y}}{=}& {m}^2(\sum_{i=1}^{n}x_i^2-n\mu_x^2)-2{m}(\sum_{i=1}^{n}x_i y_i-n\mu_x \mu_y)+(\sum_{i=1}^{n}y_i^2-n\mu_y^2)+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2 \\ &=& {m}^2 S_{xx}-2{m}S_{xy}+S_{yy}+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2 \\ &=& S_{xx}\left({m}^2-2{m}\frac{S_{xy}}{S_{xx}}\right)+S_{yy}+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2 \\ &=& S_{xx}\left({m}^2-2{m}\frac{S_{xy}}{S_{xx}}+\frac{S_{xy}^2}{S_{xx}^2}\right)+S_{yy}-\frac{S_{xy}^2}{S_{xx}}+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2 \\ &=& S_{xx}\left({m}-\frac{S_{xy}}{S_{xx}}\right)^2+S_{yy}-\frac{S_{xy}^2}{S_{xx}}+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2 \\ &=& S_{xx}\left({m}-\frac{S_{xy}}{S_{xx}}\right)^2+\frac{S_{xx}S_{yy}-S_{xy}^2}{S_{xx}}+n[{c}+({m}\mu_x-\mu_y)]^2. \end{array} minimum occurs at {m}=\frac{S_{xy}}{S_{xx}} and {c}=\mu_y-{m}\mu_x=\mu_y-\frac{S_{xy}}{S_{xx}}\mu_x. Therefore, the regression line is y=mx+c=\frac{S_{xy}}{S_{xx}}x+\mu_y-\frac{S_{xy}}{S_{xx}}\mu_x. That is, y-\mu_y=\frac{S_{xy}}{S_{xx}}(x-\mu_x).
算幾不等式的證明
\frac{a+b}{2}\geq \sqrt{ab}
x的長度可以從圖中的三個直角三角形利用畢氏定理得到,也就是 (x^2+a^2)+(x^2+b^2)=(a+b)^2。
設正實數a的純小數部分為b,已知a+b²=n,n為整數,求b
因為0<b<1,所以0<b²<1且n-1<a=n-b²<n,由此知a的整數部分為n-1。將a=(n-1)+b代入a+b²=n,得b²+b-1=0,解得b=(-1+√5)/2
91學測
若實數 a, b, c 滿足 abc>0, ab+bc+ca<0, a+b+c>0, a>b>c,則下列選項何者為真? (1) a>0 (2) b>0 (3) c>0 (4) |a|>|b| (5) a^2>c^2
Ans: (1)(4)(5)
翰林校用卷A卷第一冊1-1
設三實數 a, b, c 滿足條件: abc>0, ab+bc+ca<0, a+b+c>0, a>b>c,試求 \frac{a}{|a|}+\frac{b}{|b|}+\frac{c}{|c|}-\frac{a+b}{|a+b|}-\frac{b+c}{|b+c|}-\frac{c+a}{|c+a|} 之值為下列哪一個選項?
Ans: -2
中科實中考古題
設三實數 a, b, c 滿足條件: abc>0, ab+bc+ca<0, a+b+c>0, a>b>c,試求 \frac{a}{|a|}+\frac{b}{|b|}+\frac{c}{|c|}+\frac{a+b}{|a+b|}+\frac{a+c}{|a+c|}+\frac{b+c}{|b+c|}+\frac{a+b+c}{|a+b+c|}
相似題,相異解
第一題:∆ABC中,過A, B, C的三中線長依序為5, 6, 7,求∆ABC的面積為?8√6(對話式數2,p.236, exa.10.2)
解:令AM=5, BP=6, CN=7。以GB及GC為兩邊做平行四邊形GBDC,則GD=2GM=2*1/3*AM=10/3,BG=2/3*BP=4,BD=GC=2/3*CN=14/3,對∆BGD用海龍公式,得∆BGD面積為8√6/3。記得三角形三中線把三角形面積六等分,∆BGD面積佔了其中的兩份,所以∆ABC=3*∆BGD=8√6。
第二題:∆ABC的重心為G,已知GA=4, GB=5, GC=3,求邊長BC?2√13(對話式數2,p.238, exa.11.2)
解:由三角形中線的性質,AG:GM=2:1,所以GM=2,對∆BGC用中線定理,GB²+GC²=2(GM²+BM²)
由三中線求面積,由三高求面積(有沒有由三分角線求面積?)
第一題:∆ABC中,過A, B, C的三中線長依序為5, 6, 7,求∆ABC的面積為?8√6(對話式數2,p.236, exa.10.2)
第二題:設∆ABC過A的高為h_a=6,過B的高為h_b=3,過C的高為h_c=4,求∆ABC的面積為?16√15/5(對話式數2,p.237, exe.38)
由h_a:h_b:h_c得到a:b:c,再用一組底×高÷2=海龍公式。
∠C=90°, AC:BC=3:5, BD:CD=2:3, ∠BAD=θ, tan θ=?
由題設,BD=2r, CD=3r, AC=3r, AD=3√2r, AB=√34r
做AB邊上的高DE,由ABD=½*BD*AC=½*AB*DE,得到DE=(6/√34)r
接著如果再求AE才求tan θ=DE/AE,會很複雜。
所以我們要用別的方法,就是直接用sin θ求出tan θ,也就是sin θ=DE/AD及 \tan^2{\theta}=\frac{\sin^2{\theta}}{\cos^2{\theta}}=\frac{\sin^2{\theta}}{1-\sin^2{\theta}}
一題好題目:已知兩點A(2cosα, 2sinα), B(cosβ, sinβ)且α-β=60°,則線段AB的長度為Ans:√3
Area of Quadrilateral Formula,四邊形的面積公式(知道兩對角線長度及夾角)

四邊形ABCD,做AC的平行線BE及DF,連接EF會與BD平行。於是 ABCD=ABD+DBC=CEF+DBC=\frac{1}{2}\times BEFD=\frac{1}{2}\times 2\times BFD=\frac{1}{2}\times 2\times \frac{1}{2}\times BD\times DF\times \sin{\theta}
求過圓上一點的切線方程式用斜率
求過圓外一點的切線方程式用點線距
第一題:過圓(x-3)²+(y+2)²=29上的點(1,3)所作的切線方程式為Ans: -2x+5y=13(對話式數1, p.137, exa.3.1)
求圓心(3,-2)與點(1,3)的連線斜率,此半徑與切線垂直,由此得切線斜率,用點斜式得切線。
第二題:過圓C:(x-1)²+(y+2)²=25外一點P(8,-1)作圓C的兩條切線,求切線方程式為Ans: 3x+4y=20, 4x-3y=35(對話式數1, p.139, exa.5.1)
假設切線斜率為m,可假設切線方程為y-(-1)=m(x-8),圓心到此切線的距離為半徑,用點線距公式求出m。
根軸公式的證明(OO高中陳O祥老師)
已知兩圓 C_1:f(x,y)=0 及 C_2:g(x,y)=0 相交於相異兩點 P(a,b) 及 Q(c,d),則直線 \overleftrightarrow{PQ} 的方程式為 f(x,y)-g(x,y)=0。
證明:因為點 P 在圓 C_1 上,所以將點 P 的座標代入 f(x,y) 可以得到 f(a,b)=0。又因為點 P 也在圓 C_2 上,所以 g(a,b)=0。於是有 f(a,b)-g(a,b)=0-0=0,這表示點 P 在直線 f(x,y)-g(x,y)=0 上。
類似地,我們也可以得到點 Q 在直線 f(x,y)-g(x,y)=0 上。而兩點決定一條直線,所以 f(x,y)-g(x,y)=0 就是通過點 P 及點 Q 的直線方程式。
因數與倍數
用配對法求所有因數 用短除法求質因數分解 由質因數分解求所有因數 用短除法求最大公因數與最小公倍數, 用質因數分解求最大公因數與最小公倍數,
混合濃度問題(三杯雞)
濃度8%的食鹽水和濃度5%的食鹽水,各取多少克,可以混合成濃度6%的食鹽水300克。
用三個杯子來記,上面兩個杯子倒入下面的杯子
ㄩ | ㄩ | |
ㄩ |
比賽輸贏問題(井字法)
甲乙競賽,贏得2分,輸得1分,沒有平手,今甲得12分,乙得18分,試問比賽結果。
甲 | 乙 | |
贏 | x | y |
輸 | y | x |
巴斯卡定理(個人的記憶法)
\binom{n}{r}+\binom{n}{r+1}=\binom{n+1}{r+1},上標為列,下標為行,注意到按照此編號排序,加的規則變成:上加下等於右下,一個L型。
10 | 11 | 12 | 13 | |
5 | \binom{10}{5} | |||
6 | \binom{10}{6} | |||
7 | \binom{11}{7} | |||
8 | \binom{12}{8} |
平行四邊形
平行四邊形 | ||
菱形(邊一樣) | ∩ | 長方形(角一樣) |
正方形 |
parallelogram [͵pærəˋlɛlə͵græm] | ||
rhombus [ˋrɑmbəs] | ∩ | rectangle |
square |

四邊形\對角線 | 平分 | 垂直 | 等長 |
正方形 | V | V | V |
長方形 | V | V | |
平行四邊形 | V | ||
菱形 | V | V | |
箏形 | V |
9^{20}為幾位數?乘開後的最高位數為何?
\log{9^{20}}=20\log{9}=20\log{3^2}=40\log{3}=40\cdot 0.4771=19.084。
由log的定義,9^{20}=10^{19.084}=10^{19}\cdot 10^{0.084},看一下0.084介在下表的哪兩個數中間。
\begin{array}{rcl} \log{1} &=& 0 \\ \log{2} &=& 0.301 \\ \log{3} &=& 0.4771 \\ \log{5} &=& \log{\frac{10}{2}}=0.699 \\ \log{6} &=& \log{2}+\log{3}=0.778 \\ \log{7} &=& 0.8451 \\ \log{8} &=& \log{2^3}=0.903 \\ \log{9} &=& \log{3^2}=0.9542 \\ \end{array} 知道 0<0.084<0.301 所以 1=10^0<10^{0.084}<10^{0.301}=2所以 9^{20} 為一個20位數的數字,且 9^{20} 的最高位數為 1。
學測106, 7
小明想要安排從星期一到星期五共五天的午餐計畫。他的餐點共有四種選擇:牛肉麵、大滷麵、咖哩飯及排骨飯。小明想要依據下列兩原則來安排他的午餐:
(甲)每天只選一種餐點但這五天中每一種餐點至少各點一次
(乙)連續兩天的餐點不能重複且不連續兩天吃麵食
根據上述原則,小明這五天共有幾種不同的午餐計畫?
(1) 52 (2) 60 (3) 68 (4) 76 (5) 84
先想想,不可能有以下情形。
- 零天飯
- 一天飯
- 四天飯
- 五天飯
接著再分「兩天飯」及「三天飯」兩種情形討論。
兩天飯:在此情形之下,因為麵不得相鄰,所以必為「麵飯麵飯麵」。於是飯有兩種選擇。因為總共有三天麵,而麵總共只有兩種,所以一定會有兩天吃到重複的麵,第三天吃不同的麵,所以我們先決定會重複的麵種,共有兩種。最後是這三個麵在排列(其中兩個重複)。所以總共有 2\times 2\times 3=12 種組合方法。
三天飯:在此情形之下,先排飯,再把麵插空隙。先排飯又有分兩種,一種是相同的飯不會相鄰,另一種是相同的飯有可能相鄰。
- __咖__排__咖__,這種情形下兩個麵可以亂插,所以是 C^4_2\times 2=12 種。
- __排__咖__排__,同上,共12種。
- __排__排__咖__,這種情形下,一定要有一個麵插到兩個「排」的中間,也就是「__排麵排__咖__」,剩下一個麵再插到剩下空隙中,共有 2\times 3 種。
- __咖__咖__排__,同上,共 6 種。
- __咖__排__排__,同上,共 6 種。
- __排__咖__咖__,同上,共 6 種。
下面這兩題是相同的解法。
從1到20的自然數中取出三個不同的數,則三數成等差的取法有多少種?
從1到20的自然數中取出兩個不同的數,則兩數和為偶數的取法有多少種?
聽說此解法取自徐氏數學,未驗證。
我的做法是按照公差 d=9, d=8, ..., d=1 來討論,並找出規律。
一列火車從第一車到第十車共有十節車廂,若要求此三節車廂兩兩不相銜接,則共有多少種方法?
先將不相鄰的三節車廂挑出,剩下七節車廂,有八個空隙,再把這三節車廂插空隙。
一開始看起來不能用插空隙,可是其實可以,例如下圖
V | V | V | V | V | V | V | V | |||||||
O | O | O | O | O | O | O |
V | V | V | ||||||||||||
O | O | O | O | O | O | O |
1 | 5 | 8 | ||||||||||||
V | V | V | ||||||||||||
O | O | O | O | O | O | O | ||||||||
2 | 3 | 4 | 6 | 7 | 9 | 10 |
有18本不同的書,按下述條件求其分法:
三堆不同數量(5, 6, 7) | 兩堆相同數量(5, 5, 8) | |
分三堆 | \binom{18}{5}\binom{13}{6}\binom{7}{7} | \binom{18}{5}\binom{13}{5}\binom{8}{8}\cdot \frac{1}{2!} |
不確定三人 | \binom{18}{5}\binom{13}{6}\binom{7}{7}\cdot 3! | \binom{18}{5}\binom{13}{5}\binom{8}{8}\cdot \frac{3!}{2!} |
確定三人 | \binom{18}{5}\binom{13}{6}\binom{7}{7} | \binom{18}{5}\binom{13}{5}\binom{8}{8} |
單淘汰賽
ㄇ | ||||||
ㄇ | ㄇ | |||||
ㄇ | ㄇ | ㄇ | ㄇ |
ㄇ | ||||||
ㄇ | Γ | |||||
ㄇ | ㄇ | | | ㄇ |
ㄇ | ||||||
Γ | Γ | |||||
| | ㄇ | | | ㄇ |
有4相同紅球、2相同藍球及2相同綠球全分給5人,若每人可拿一顆球或兩顆不同顏色的球(但不可不拿),則共有幾種不同的分配方式。(台中一中105段考)
注意到,必有四人各拿一顆紅球,也就是必有一人沒拿紅球,沒拿紅球的這個人有五種選擇。 接著,沒拿紅球的這個人,他所拿到的球,有三種情形。 1. 只拿一顆藍球,把五個人拿的球用符號表示,例如 RRRRB BGG 表示第一個人拿RB,第二個人拿RG,第三個人拿RG,第四個人只拿R,第五個人只拿B 或是 RRRRB G BG 表示第一個人拿RG,第二個人只拿R,第三個人拿RB,第四個人拿RG,第五個人只拿B 所以有BGG三個字母在四個位置排列,有P4取3除以2=12,再乘以一開始的五,所以是60。 2. 只拿一顆綠球 跟情形一類似。 3. 拿一顆藍球一顆綠球,把五個人拿的球用符號表示,例如 RRRRB G B G 表示第一個人拿RG,第二個人只拿R,第三個人拿RB,第四個人只拿R,第五個人拿BG 所以變成BG兩個字母在四個位置排列,有P4取2種,再乘以一開始的五,所以是60。 總共180
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